|
สมัครสมาชิก | คู่มือการใช้ | รายชื่อสมาชิก | ปฏิทิน | ข้อความวันนี้ | ค้นหา |
|
เครื่องมือของหัวข้อ | ค้นหาในหัวข้อนี้ |
#106
|
||||
|
||||
ประมาณว่าทุกพจน์ของอสมการมีกำลังเท่ากันอ่ะครับ
|
#107
|
||||
|
||||
tangent line คืออะไรอ่ะครับ ใช้ยังไงครับ
__________________
...สีชมพูจะไม่จางด้วยเหงื่อ แต่จะจางด้วยนํ้าลาย... |
#108
|
||||
|
||||
็#105
คือเรากำหนดให้ $a+b+c$ เป็นค่าคงที่อ่ะครับ ซึ่งจะใช้ได้ก็ต่อเมื่อเป็นอสมการที่ ถ้าแทน $a$ ด้วย $ka$ แล้วอสมการสมมูลกับอสมการเดิม #107 ดูได้ที่ #69,#70 ครับ
__________________
เหนือฟ้ายังมีฟ้าแต่เหนือข้าต้องไม่มีใคร ปีกขี้ผื้งของปลอมงั้นสินะ ...โลกนี้โหดร้ายจริงๆ มันให้ความสุขกับเรา แล้วสุดท้าย มันก็เอาคืนไป... |
#109
|
||||
|
||||
งั้นเราก็กำหนด $abc$ เป็นค่าคงที่ก็ได้เหรอครับ อย่างที่คุณ Andromeda ทำใน#103
__________________
Vouloir c'est pouvoir 21 พฤศจิกายน 2011 19:29 : ข้อความนี้ถูกแก้ไขแล้ว 1 ครั้ง, ครั้งล่าสุดโดยคุณ จูกัดเหลียง |
#110
|
||||
|
||||
อ้างอิง:
จากHintคุณ LightLucifer ได้ว่า $$\sum_{cyc}(\frac{1}{5x^3+x}+\frac{1}{5y^3+y})\geqslant\sum_{cyc}\frac{1}{2(xy)^2+1}$$$$ \Leftrightarrow\sum_{cyc}\frac{1}{5x^3+x}\geqslant \frac{1}{2} \sum_{cyc}\frac{1}{2(xy)^2+1}=\frac{1}{2} (\frac{4(xyz)^2(x^2+y^2+z^2)+4((xy)^2+(yz)^2+(xz)^2)+3}{8(xyz)^4+4(xyz)^2(x^2+y^2+z^2)+2((xy)^2+(yz)^2+(xz)^2)+1} ) $$ $$=\frac{1}{2} (\frac{4(xyz)^2(x^2+y^2+z^2)+4((xy)^2+(yz)^2+(xz)^2)+3}{4(xyz)^2(x^2+y^2+z^2)+4((xy)^2+(yz)^2+(xz)^2)+3} )=\frac{1}{2} (\because 8(xyz)^4=2((xy)^2+(yz)^2+(zx)^2)+2)$$ |
#111
|
||||
|
||||
#109
ได้ครับ เพราะถ้า พิสูจน์กรณีนั้นจริงแล้ว กรณีที่ $a+b+c$,$abc$ เท่ากับค่้าอื่นก็แค่คูณค่าคงตัวเข้าไปก็จะจริงโดยทันที #110 ลองพิสูจน์ HINT ดูนะครับ ^^
__________________
เหนือฟ้ายังมีฟ้าแต่เหนือข้าต้องไม่มีใคร ปีกขี้ผื้งของปลอมงั้นสินะ ...โลกนี้โหดร้ายจริงๆ มันให้ความสุขกับเรา แล้วสุดท้าย มันก็เอาคืนไป... |
#112
|
||||
|
||||
กระทู้นี้เกินร้อยแล้ว ท่าจะฮอทแล้วสิ
มาต่อโจทย์ที่จะทำให้เห็นกำลังของ Tangent line และอนุพันธ์ครับ 1. $x,y,z>0$ โดยที่ $x+y+z=k$ เมื่อ $k>0$ เป็นค่าคงที่ หาค่าต่ำสุดของ $$\frac{e^x}{y+z}+\frac{e^y}{z+x}+\frac{e^z}{x+y}$$ 2. โจทย์ผิดครับ $x,y,z>0$ โดยที่ $x+y+z=k$ เมื่อ $k>0$ เป็นค่าคงที่ หาค่าต่ำสุดของ $$\frac{\ln x}{y+z}+\frac{\ln y}{z+x}+\frac{\ln z}{x+y}$$ และพิจารณาว่าค่า $k$ ควรมีเงื่อนไขอย่างไรจึงจะทำให้อสมการถูกต้อง (หรือก็คือ ทำต่อได้) 3. $x,y,z>1$ และ $x+y+z=3e$ หาค่าต่ำสุดของ $$\frac{x^{(x^2+e^2)/x}}{y^{(y+1)/y}+z^{(z+1)/z}}+\frac{y^{(y^2+e^2)/y}}{z^{(z+1)/z}+x^{(x+1)/x}}+\frac{z^{(z^2+e^2)/z}}{x^{(x+1)/x}+y^{(y+1)/y}}$$ ลองพิจารณาดูเล่นๆว่าทำไมต้องกำหนด $x,y,z>1$
__________________
keep your way.
22 พฤศจิกายน 2011 11:43 : ข้อความนี้ถูกแก้ไขแล้ว 1 ครั้ง, ครั้งล่าสุดโดยคุณ PP_nine |
#113
|
||||
|
||||
จะพิสูจน์(HINTของคุณLightLucifer)ว่า $x,y>0 \Rightarrow \frac{1}{5x^3+x}+\frac{1}{5y^3+y} \ge \frac{1}{2(xy)^2+1}$
แบบคุณPP_nine โดยอสมการโคชีและA.M.-G.M. $$\frac{1}{5x^3+x}+\frac{1}{5y^3+y}=\frac{(\frac{1}{x})^2 }{5x+\frac{1}{x} }+\frac{(\frac{1}{y})^2 }{5y+\frac{1}{y} }\geqslant \frac{(\frac{1}{x} +\frac{1}{y})^2 }{5x+5y+\frac{1}{y} +\frac{1}{y} }=\frac{x+y}{xy(5xy+1)} \geqslant \frac{2}{\sqrt{xy}(5xy+1) }\geqslant \frac{1}{2(xy)^2+1} $$ ซึ่งอสมการสุดท้ายเป็นจริงเพราะสมมูลกับ$$(\sqrt{xy}-1)^2(4xy+3\sqrt{xy}+2 )\geqslant 0 $$ |
#114
|
||||
|
||||
อ้างอิง:
ดังนั้น$f(x)=\frac{e^x}{k-x}$เว้าในช่วง$(0,\infty )$โดยอสมการJensenได้ว่า $$\frac{e^x}{y+z}+\frac{e^y}{z+x}+\frac{e^z}{x+y}\geqslant 3(\frac{e^\frac{k}{3} }{k-\frac{k}{3} } )=\frac{9e^\frac{k}{3} }{2k} $$ ดังนั้นค่าต่ำสุดคือ$\frac{9e^\frac{k}{3} }{2k}$ ปล.HINTข้อ2,3ให้ทีครับ 22 พฤศจิกายน 2011 18:06 : ข้อความนี้ถูกแก้ไขแล้ว 1 ครั้ง, ครั้งล่าสุดโดยคุณ AnDroMeDa |
#115
|
||||
|
||||
ขอโทษครับ ข้อสองอสมการกลับข้าง
อ้างอิง:
AM-GM จะมีประโยชน์มากถ้า $x,y,z>1$ และใช้การหาค่ามากสุดของ $f(x)=x^{1/x}$ มาช่วยครับ (ช่วยลดทอนความยุ่งเหยิงออกไป)
__________________
keep your way.
|
#116
|
||||
|
||||
อ้างอิง:
$$a^4+b^4+c^4 \ge \sum_{sym} ab^3 -3abc(a+b+c)$$ $$\left(\,a^2+b^2+c^2\right)^2 \ge (a+b+c)(\sum_{sym} ab^2-3abc)$$ จะได้ว่า $$\dfrac{\left(\,a^2+b^2+c^2\right)^2}{\sum_{sym} ab^2-3abc} \ge a+b+c$$ จากนั้น คูณ a ทั้งเศษและส่วน $$\displaystyle \sum_{cyc}\dfrac{a^4}{ab^2-abc+ac^2} \ge \dfrac{\left(\,a^2+b^2+c^2\right)^2}{ \sum_{sym} ab^2-3abc} \ge a+b+c \ge\dfrac{3(ab+bc+ca)}{a+b+c} $$ |
#117
|
||||
|
||||
ได้เเค่ว่า $f(x)\le \sqrt{2}$ เองอ่ะครับ เเบบนี้ก็ไม่ชาร์ปอ่ะดิครับ
หรือทำอย่างไรได้อีกครับ = =
__________________
Vouloir c'est pouvoir 22 พฤศจิกายน 2011 19:11 : ข้อความนี้ถูกแก้ไขแล้ว 1 ครั้ง, ครั้งล่าสุดโดยคุณ จูกัดเหลียง |
#118
|
||||
|
||||
#113 LIKE ครับ ^^
__________________
เหนือฟ้ายังมีฟ้าแต่เหนือข้าต้องไม่มีใคร ปีกขี้ผื้งของปลอมงั้นสินะ ...โลกนี้โหดร้ายจริงๆ มันให้ความสุขกับเรา แล้วสุดท้าย มันก็เอาคืนไป... |
#119
|
||||
|
||||
#117 มันเป็นเรื่องของแคลคูลัสครับ
อ้างอิง:
take derivative, $$\frac{1}{y} \cdot \frac{dy}{dx} = \frac{1- \ln x}{x^2}$$ $$\therefore \frac{dy}{dx}=x^{1/x} \Big( \frac{1-\ln x}{x^2} \Big)$$ ค่าสูงสุดเกิดเมื่อ $\frac{dy}{dx}=0$ หรือก็คือ $x=e$ ซึ่งสอดคล้องกับการที่สมการควรจะเกิดเมื่อ $x=y=z=e$ ดังนั้น $x^{1/x},y^{1/y},z^{1/z} \le e^{1/e}$ ตัวนี้เก็บไว้ก่อน มาดูตัวบนที่น่าจะยุ่งเหยิง เราคาดการณ์แล้วว่าสมการน่าจะเกิดเมื่อ $x=y=z=e$ ฉะนั้น โดย AM-GM ก็จะได้ $\frac{x^2+e^2}{x} \ge \frac{2ex}{x} = 2e$ แต่ $x>1$ ทำให้ฟังก์ชัน $f(\xi )=x^{\xi}$ เป็นฟังก์ชันเพิ่ม การที่จะยกกำลังจึงไม่ทำให้อสมการกลับข้าง ดังนั้น จาก $\frac{x^2+e^2}{x} \ge 2e$ ก็จะได้ $$x^{(x^2+e^2)/x} \ge x^{2e}$$ นอกจากนี้ยังมีที่เราเก็บไว้คือ $y^{1/y},z^{1/z} \le e^{1/e}$ ดังนั้น $$\sum_{cyc} \frac{x^{(x^2+e^2)/x}}{y^{(y+1)/y}+z^{(z+1)/z}} \ge \sum_{cyc} \frac{x^{2e}}{e^{1/e}(y+z)}$$ โดย Cauchy-Schwarz กับ RHS $$\sum_{cyc} \frac{x^{(x^2+e^2)/x}}{y^{(y+1)/y}+z^{(z+1)/z}} \ge \frac{(x^e+y^e+z^e)^2}{2e^{1/e}(x+y+z)}$$ และใส่ Power mean กับตัวบนเป็น $x^e+y^e+z^e \ge 3e^e$ $$\therefore \sum_{cyc} \frac{x^{(x^2+e^2)/x}}{y^{(y+1)/y}+z^{(z+1)/z}} \ge \frac{9e^{2e}}{2e^{1/e}(3e)}=\frac{3}{2} \cdot e^{2e-1-1/e}$$
__________________
keep your way.
|
#120
|
||||
|
||||
ผมลืมไปสนิทเลยย ก็ว่าอยู่ทำไมทำไม่ออก
22 พฤศจิกายน 2011 21:39 : ข้อความนี้ถูกแก้ไขแล้ว 1 ครั้ง, ครั้งล่าสุดโดยคุณ AnDroMeDa |
|
|