#1
|
|||
|
|||
โจทย์สนุกๆ
1. (ง่าย) ให้ $a,b,c,d$ เป็นจำนวนจริงบวกใดๆ
จงหาค่าต่ำสุดที่เป็นไปได้ของ $$\frac{a^2+b^2+c^2+d^2}{ab+bc+cd}$$ 2. (กลาง) ให้ $x,y,z$ เป็นจำนวนจริงใดๆ จงหาค่าต่ำสุดที่เป็นไปได้ของ $$\frac{x^2}{(x-y)^2} + \frac{y^2}{(y-z)^2} + \frac{z^2}{(z-x)^2}$$ 3. (ยาก) ให้ $x,y,z$ เป็นจำนวนจริงใดๆ จงหาค่าต่ำสุดที่เป็นไปได้ของ $$\frac{x^2}{(2552x-2009y-543z)^2} + \frac{y^2}{(2552y-2009z-543x)^2} + \frac{z^2}{(2552z-2009x-543y)^2}$$ 20 มกราคม 2009 12:12 : ข้อความนี้ถูกแก้ไขแล้ว 1 ครั้ง, ครั้งล่าสุดโดยคุณ seemmeriast เหตุผล: พิมพ์ผิดครับ ขออภัย ข้อ 2,3 เป็นจำนวนจริงใดๆ ไม่จำเป็นต้องเป็นบวก |
#2
|
||||
|
||||
1.
แทนค่า $a=d=\frac{\sqrt{5}-1}{2}, b=c=1$ ได้ว่า $\frac{a^2+b^2+c^2+d^2}{ab+bc+cd}=\sqrt{5}-1$ ต่อไปจะแสดงว่า $\sqrt{5}-1$ เป็นค่าต่ำสุดของ $\frac{a^2+b^2+c^2+d^2}{ab+bc+cd}$ จาก $(a-\frac{\sqrt{5}-1}{2}b)^2+\frac{\sqrt{5}-1}{2}(b-c)^2+(\frac{\sqrt{5}-1}{2}c-d)^2\geq 0$ $\therefore a^2+b^2+c^2+d^2\geq(\sqrt{5}-1)(ab+bc+cd)$ นั่นคือ $\frac{a^2+b^2+c^2+d^2}{ab+bc+cd}\geq\sqrt{5}-1$ ตามต้องการ 10 มกราคม 2009 16:45 : ข้อความนี้ถูกแก้ไขแล้ว 1 ครั้ง, ครั้งล่าสุดโดยคุณ owlpenguin |
#3
|
|||
|
|||
อ้างอิง:
$$\frac{x^2}{(x-y)^2} + \frac{y^2}{(y-z)^2} + \frac{z^2}{(z-x)^2}>1$$ เองครับ
__________________
site:mathcenter.net คำค้น |
#4
|
||||
|
||||
ข้อ 2 กับ ข้อ 3 จขกทพิมพ์โจทย์ผิดครับมันต้องเป็น $x,y,z\in R$ ...ผมว่าพอโจทย์ถูก พี่ noounuii ก็คงได้คำตอบแล้วหล่ะครับ
__________________
Rose_joker @Thailand Serendipity |
#5
|
|||
|
|||
เข้าใจแล้วครับ โจทย์สวยมากๆ ขออนุญาตจดใส่ death note นะครับ
__________________
site:mathcenter.net คำค้น |
#6
|
||||||
|
||||||
อ้างอิง:
อ้างอิง:
อ้างอิง:
$ y = \frac{-x}{2} , z = -2x เมื่อ x\in {\mathbb{R}}^{+} $ หรือ $ x = -2y , z = \frac{-y}{2} เมื่อ y\in {\mathbb{R}}^{+} $ หรือ $ x = \frac{-z}{2} , y = -2z เมื่อ z\in {\mathbb{R}}^{+} $ หรือ $x = \frac{-z(-3y+z)-\sqrt{-4{y}^{3}z+{z}^{2}{(-3y+z)}^{2}} }{2y},z = y โดยที่ -4{y}^{3}z+{z}^{2}{(-3y+z)}^{2} \geqslant 0 เมื่อ y \in {\mathbb{R}}^{+}$ หรือ $x = \frac{-z(-3y+z)+\sqrt{-4{y}^{3}z+{z}^{2}{(-3y+z)}^{2}} }{2y},z = y โดยที่ -4{y}^{3}z+{z}^{2}{(-3y+z)}^{2} \geqslant 0 เมื่อ y \in {\mathbb{R}}^{+}$ อ้างอิง:
อ้างอิง:
อ้างอิง:
13 มกราคม 2009 07:34 : ข้อความนี้ถูกแก้ไขแล้ว 2 ครั้ง, ครั้งล่าสุดโดยคุณ คุณชายน้อย เหตุผล: เปลี่ยนคำตอบข้อ 3 เป็น 1 คำตอบเท่านั้น ไม่ใช่ 4 คำตอบ (เดิม) |
#7
|
|||
|
|||
อ้างอิง:
ขอบคุณครับ
__________________
จะคิดเลขก็ติดขัด จะคิดรักก็ติดพัน |
#8
|
|||
|
|||
อ้างอิง:
พิสูจน์ว่า $a+b+c=ab+bc+ca+1$ ผมว่ารู้ความสัมพันธ์นี้ก็เหมือนเฉลยแล้วล่ะ
__________________
site:mathcenter.net คำค้น |
#9
|
|||
|
|||
ขอบคุณมากครับ คือเห็นก็พอเดาได้แล้วว่าทำยังไงต่ออย่างที่คุณ nooonuii พูดน่ะครับ
__________________
จะคิดเลขก็ติดขัด จะคิดรักก็ติดพัน |
#10
|
|||
|
|||
อ้างอิง:
ให้ $p,q\in\mathbb{R}$ โดยที่ $p^2+q^2\neq 0$ จะได้ว่า $$\frac{x^2}{((p+q)x-py-qz)^2} + \frac{y^2}{((p+q)y-pz-qx)^2} + \frac{z^2}{((p+q)z-px-qy)^2}\geq \dfrac{p^2+q^2}{(p^2+pq+q^2)^2}$$ ขอบคุณ คุณ seemmeriast มากๆครับ สำหรับโจทย์สนุกๆ ทำให้ผมได้เรียนรู้อะไรอีกเยอะเลย
__________________
site:mathcenter.net คำค้น |
#11
|
||||
|
||||
พี่ nooounuii พิสูจน์ยังไงหรอครับผมอยากเห็นมากๆ
รู้สึกว่าถ้าผมจำไม่ผิดมันเป็นอสมการตั้งต้นที่ถูกต้องเลยครับ+ซึ่งถ้าผมจำไม่ผิดวิธีของคุณ seemmeriast พิสูจน์มันจะมีบางกรณีที่ตัวเขาเองก็พิสูจน์ไม่ได้ แต่รู้สึกว่าที่พี่ nooounuii เอามามันจะเป็นอสมการที่เป็นจริงโดยสามารถพิสูจน์กรณีเหล่านั้นได้แล้ว!! อย่างเด็ดเลยอะครับ
__________________
Rose_joker @Thailand Serendipity |
#12
|
||||
|
||||
เป็น identity ที่สวยมากเลยครับ อยากเห็นเหมือนกันครับ
|
#13
|
|||
|
|||
ช่วยเช็คด้วยนะครับว่าผมคำนวณผิดตรงไหนรึเปล่า เพราะข้อนี้คำนวณเลขกันตาลายเลย
ให้ $a=\dfrac{x}{(p+q)x-py-qz}, b=\dfrac{y}{(p+q)y-pz-qx}, c=\dfrac{z}{(p+q)z-px-qy}$ จะได้สมการ matrix $ \bmatrix{1-(p+q)a & pa & qa \\ qb & 1-(p+q)b & pb \\ pc & qc & 1-(p+q)c} \bmatrix{x \\ y \\ z}= \bmatrix{0 \\ 0 \\ 0}$ เนื่องจาก $(x,y,z)\neq (0,0,0)$ เราจะต้องได้ว่า $ \vmatrix{1-(p+q)a & pa & qa \\ qb & 1-(p+q)b & pb \\ pc & qc & 1-(p+q)c} =0$ กระจาย determinant ออกมาจะได้ $1+(p^2+pq+q^2)(ab+bc+ca)=(p+q)(a+b+c)$ ดังนั้น $a^2+b^2+c^2=(a+b+c)^2-2(ab+bc+ca)$ $~~~~~~~~~~~~~~~=(a+b+c)^2-2\Big(\dfrac{(p+q)(a+b+c)-1}{p^2+pq+q^2}\Big)$ $~~~~~~~~~~~~~~~=\Big(a+b+c-\dfrac{p+q}{p^2+pq+q^2}\Big)^2+\dfrac{p^2+q^2}{(p^2+pq+q^2)^2}$ $~~~~~~~~~~~~~~~\geq \dfrac{p^2+q^2}{(p^2+pq+q^2)^2}$ สมการเป็นจริงก็ต่อเมื่อ $a+b+c=\dfrac{p+q}{p^2+pq+q^2}$ ซึ่งแยกพิจารณาเป็นกรณีได้ดังนี้ กรณีที่ 1 $p=0$ $\bullet$ เลือกจุด $(x,\dfrac{x}{4},-\dfrac{x}{2}),x\neq 0$ กรณีที่ 2 $q=0$ $\bullet$ เลือกจุด $(x,-\dfrac{x}{2},\dfrac{x}{4}),x\neq 0$ กรณีที่ 3 $pq\neq 0,p=-q$ $\bullet$ เลือกจุด $(0,y,-y),y\neq 0$ กรณีที่ 4 $pq\neq 0,p\neq -q,p=q$ $\bullet$ เลือกจุด $\Big(x,x,-8x\Big),x\neq 0$ กรณีที่ 5 $pq\neq 0,p\neq -q,p\neq q$ $\bullet$ เลือกจุด $\Big(0,y,-\dfrac{q^2}{p^2}y\Big),y\neq 0$
__________________
site:mathcenter.net คำค้น 19 มกราคม 2009 23:47 : ข้อความนี้ถูกแก้ไขแล้ว 4 ครั้ง, ครั้งล่าสุดโดยคุณ nooonuii |
#14
|
||||
|
||||
โห สุดยอดมากเลยครับ
|
#15
|
|||
|
|||
อ้างอิง:
$~~~~~~~~~~~~~~~=(a+b+c)^2-2\Big(\dfrac{(p+q)(a+b+c)-1}{p^2+pq+q^2}\Big)$ $~~~~~~~~~~~~~~~=\Big(a+b+c-\dfrac{p+q}{p^2+pq+q^2}\Big)^2+\dfrac{p^2+q^2}{(p^2+pq+q^2)^2} $ บรรทัดนี้ดูแปลก ๆ นะครับ $~~~~~~~~~~~~~~~\geq \dfrac{p^2+q^2}{(p^2+pq+q^2)^2}$ |
|
|